JSON 字符串转换为 Java 对象：无法识别的字段，未标记为可忽略

我需要将某个 JSON 字符串转换为 Java 对象。我正在使用杰克逊进行JSON处理。我无法控制输入 JSON（我从 Web 服务读取）。这是我的输入 JSON：

{"wrapper":[{"id":"13","name":"Fred"}]}

下面是一个简化的用例：

private void tryReading() {
    String jsonStr = "{"wrapper":[{"id":"13","name":"Fred"}]}";
    ObjectMapper mapper = new ObjectMapper();  
    Wrapper wrapper = null;
    try {
        wrapper = mapper.readValue(jsonStr , Wrapper.class);
    } catch (Exception e) {
        e.printStackTrace();
    }
    System.out.println("wrapper = " + wrapper);
}

我的实体类是：

public Class Student { 
    private String name;
    private String id;
    //getters & setters for name & id here
}

我的包装类基本上是一个容器对象，用于获取我的学生列表：

public Class Wrapper {
    private List<Student> students;
    //getters & setters here
}

我不断收到此错误，并且“包装器”返回.我不确定缺少什么。有人可以帮忙吗？null

org.codehaus.jackson.map.exc.UnrecognizedPropertyException: 
    Unrecognized field "wrapper" (Class Wrapper), not marked as ignorable
 at [Source: java.io.StringReader@1198891; line: 1, column: 13] 
    (through reference chain: Wrapper["wrapper"])
 at org.codehaus.jackson.map.exc.UnrecognizedPropertyException
    .from(UnrecognizedPropertyException.java:53)

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网友回答：

您可以使用

ObjectMapper objectMapper = getObjectMapper();
objectMapper.configure(DeserializationFeature.FAIL_ON_UNKNOWN_PROPERTIES, false);

它将忽略所有未声明的属性。

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网友回答：

您可以使用杰克逊的类级注释：

import com.fasterxml.jackson.annotation.JsonIgnoreProperties

@JsonIgnoreProperties
class { ... }

它将忽略您在 POJO 中未定义的每个属性。当您只是在 JSON 中查找几个属性并且不想编写整个映射时非常有用。更多信息请访问杰克逊的网站。如果你想忽略任何未声明的属性，你应该写：

@JsonIgnoreProperties(ignoreUnknown = true)

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网友回答：

第一个答案几乎是正确的，但需要的是更改 getter 方法，而不是字段 — 字段是私有的（而不是自动检测的）;此外，如果两者都可见，则 getter 优先于字段。（也有一些方法可以使私有字段可见，但是如果您想拥有getter，那就没有多大意义了）

所以getter应该被命名，或者用：getWrapper()

@JsonProperty("wrapper")

如果您更喜欢 getter 方法名称，请按原样命名。

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